Создан заказ №1082932
6 апреля 2016
Согласно правилам контроля эпюра изгибающих моментов от единичной нагрузки должна быть прямолинейной по длине балки
Как заказчик описал требования к работе:
Срочно решить контрольную работу по сопротивлению материалов из 6 задач в двух вариантах. Все решения нужно подробно расписать.
Фрагмент выполненной работы:
Согласно правилам контроля эпюра изгибающих моментов от единичной нагрузки должна быть прямолинейной по длине балки.
Грузовую эпюру разбиваем на 4 простые фигуры.
Вычисляем площади простых фигур:
;
;
;
.
Определяем значения ординат η на единичной эпюре, расположенных под соответствующими центрами площадей.
;
;
;
;
Вычисляем угол поворота:
Модуль упругости материала E = 210 ГПа (см. табл. 1 приложения 1, материал − Ст. (работа была выполнена специалистами Автор 24) 3); момент инерции сечения двутавра №18a выписываем из табл. 1 приложения 3: Jx =1430 см3.
.
Отрицательное значение угла θD показывает, что поворот сечения D происходит в направлении, противоположном приложенному единичному моменту, т.е. по ходу часовой стрелки.
4. Расчетно-графическая работа № 4
РАСЧЕТ ВАЛА НА ИЗГИБ С КРУЧЕНИЕМ
4.1. Расчет вала при статическом нагружении
Дано:
1= –90 град
R1=10 cм
2= 180 град
R2=14 cм
Р1=7.0 кН
Р2=5.5 кН
l1=28 см
Р3=4.0 кН
l2=50 см
l3=70 cм
[nT]=2.5
Теория прочности IV
Сталь 40XH
1.1. Выбор расчетной модели
На сопряженные детали вала (зубчатые колеса) действуют усилия, которые можно разделить на составляющие: радиальная сила P1, окружная сила P2 и осевая сила P3. При расчете будем считать одну из опор фиксированной (например, в концевом сечении А), а вторую – плавающей (в сечении С). Переносим все силы на ось вала в соответствии с правилами статики. Силы P2 и P3 приводятся к сечениям B и D за счет параллельного переноса, поэтому добавляем в указанные сечения внешние моменты:
M1 = P2·R1 = 5.5·0.1 = 0.55 кН·м;
M2 = P3·R1 = 4.0·0.1 = 0.40 кН·м;
M3 = P2·R2 = 5.5·0.14 = 0.77 кН·м;
M4 = P3·R2 = 4.0·0.14 = 0.56 кН·м.
Момент М0 находим из уравнения равновесия вала (сумма моментов относительно оси Z равна нулю):
ΣMZ = 0; – M0 + M1 - M3= 0,
откуда
M0 = M1 – M3 = 0.55 – 0.77 = –0.22 кН·м.
2. Построение эпюр внутренних силовых факторов.
Вертикальная плоскость.
1. Определяем реакции опор YA и YD
ΣmA=0
P1·0.28+ P2·1.48+ YС 0.78-М2=0
YС=(- P1·0.28- P2·1.48+ М2)/0.78=(-7.0·0.28-5.5·1.48+0.40)/0.78=-12.4кН.
Σmс=0
-P1·0.5+ P2·0.7- YA 0.78 -М2=0·
YA =(-P1·0.5+ P2·0.7 -М2)/0.78=(-7.0·0.5+5.5·0.7-0.4)/0.78=-0.1кН.
Проверка:
ΣFY= -Yс+P1+P2- YA =-12.4+7.0+5.5-0.1=0
реакции определены верно.
участок АВ
0≤z1≤0.28м
М1=- YA ·z1;
М1(0)=0кНм;
М1(0.28) =-0.1·0.28=-0.03кНм;
участок ВС
0.28≤z2≤0.78м
М2= =- YA·z2+Р1 ·(z2-0.28)+М2;
М2(0.28) =-0.03+0.4=0.37кНм;
М2(0.78) =-0.1·0.78+7·0.5+0.4=3.9кНм;
участок DС
0≤z3≤0.5м
М3= Р2 z3;
М3(0)=0Нм;
М3(0.70)=5.5·0.7=3.9кНм.
Горизонтальная плоскость.
1. Определяем реакции опор XA и XС
ΣmA=0
-P1·1.48+ P2·0.28+ XС0.78-М4=0·
Xс =(P1·1.48-P2·0.28+ М4)/0.78=(7·1.48-5.5·0.28+0.56)/0.78=12.0кН.
ΣmС=0
-P1·0.7-P2·0.5- XA 0.78 -М4=0·
XA =(-P1·0.7-P2·0.5- М4)/0.78=(-7·0.70-5.5·0.5-0.56)/0.78=–10.5кН.
Проверка:
ΣFX= Xс-P1+P2- XA =12.0-7+5.5-10.5=0
реакции определены верно.
участок АВ
0≤z1≤0.28м
М1=- XA ·z1;
М1(0)=0кНм;
М1(0.28) =-10.5·0.28=-2.94кНм;
участок ВС
0.28≤z2≤0.78м
М2= =- XA·z2+Р2 ·(z2-0.28);
М2(0.28) =-2.94кНм;
М2(0.78) =-10.5·0.78+5.5·0.5=-5.44кНм;
участок DС
0≤z3≤0.7м
М3= -Р1 z3-М4;
М3(0)=-0.56Нм;
М3(0.7)=-7·0.7-0.56=-5.44кНм.
Cтроим эпюру крутящих моментов.
На участке АВ: МАВкр=М0=-0.22кНм;
На участке ВС: МВСкр=М0- М1=-0.22-0.55=-0.77кНм.
3. Определение максимального эквивалентного момента.
Из анализа эпюр следует, что наиболее опасным является сечение В.
Определяем диаметр вала по третьей теории прочности:
,
Для материала вала (сталь 40XH) из табл. 1 приложения 1 выбираем предел текучести: σТ =460 МПа. Тогда допускаемые напряжения:
МПа.
Учитывая, что: , .
Записываем условие прочности в таком виде:
,
.
В соответствии с рядом нормальных размеров Ra40 (см. приложение 3) окончательно принимаем d = 75 мм.
Вычисляем значения максимальных нормальных и касательных напряжений в опасной точке вала:
МПа;
МПа.
4.2. Расчет вала при циклически изменяющихся
напряжениях
R= 0.3
R= –0.6
Вид обработки – грубое точение
t/r=0.5
r/d=0.03
Решение:
Определение параметров циклов напряжений.
При вращении вала нормальные и касательные напряжения изменяются во времени по гармоническому закону:
При статическом расчёте вала на прочность получены максимальные напряжения:
МПа; МПа.
Используя известные значения коэффициентов асимметрии, определяем минимальные напряжения циклов:
МПа;
МПа
Определяем среднее напряжение и амплитуду цикла нормальных напряжений:
МПа;
МПа.
Определяем среднее напряжение и амплитуду цикла касательных напряжений:
МПа;
МПа.
Графики изменения напряжений представлены на рис. 2.
Рис. 2
Определение коэффициента запаса прочности вала при изгибе.
Аналитический способ.
Из табл. 1 приложения 4 для стали 40XH выписываем значения прочностных характеристик: σв = 780МПа, σТ =460МПа, σ-1,и=200 МПа.
Значение эффективного коэффициента концентрации напряжений Кσ вблизи кольцевой канавки вала при изгибе определяем с помощью данных табл. 5 приложения 4: при σв =780МПа, t/r =0.5 и r/d = 0.03 получаем Кσ = 1.91.
Для определения значения коэффициента качества поверхности β из табл.3 приложения 4: при σв =780 МПа для кривой 4 (грубое точение) получаем β ≈ 0,75.
Для определения значения масштабного фактора (коэффициента влияния абсолютных размеров) при изгибе используем данные табл. 2 приложения 4: при d = 75 мм, для легированной стали, при изгибе εσ =0,65.
Вычисляем значение коэффициента снижения предела выносливости при изгибе по формуле:
.
Используя данные табл. 6 приложения 4, значение коэффициента ψσ при σв =780МПа примем равным 0,16.
Вычисляем значение коэффициента запаса по усталостной прочности при изгибе вала:
.
Полученное значение коэффициента запаса по усталостной прочности при изгибе меньше нормативного коэффициента запаса nσ < [n], т.е. вал не удовлетворяет условию прочности.
Графический способ.
Вначале, для удобства построения схематизированной диаграммы предельных амплитуд, выбираем числовой масштаб по координатным осям, исходя из таких максимальных значений напряжений: по оси абсцисс σТ=460МПа, по оси ординат МПа.
Для построения графика линейной зависимости:
используем две точки, принадлежащие этой прямой.
Первую точку (А1) возьмем на оси ординат (рис. 3) с такими координатами (абсциссой и ординатой):
точка А1 (0; σ−1,Д ) или т. A1 (0; 52).
Вторую точку (А2) выберем с произвольным значением среднего напряжения σm, а соответствующее значение амплитуды σa вычисляем. Например, примем σm = 50 МПа , тогда получаем ординату точки А2:
МПа.
Параметрам рабочего цикла нормальных напряжений σm =55.5МПа; σа=103.5 МПа, а на координатной плоскости диаграммы соответствует точка М (55.5; 103.5)...Посмотреть предложения по расчету стоимости
Заказчик
заплатил
заплатил
200 ₽
Заказчик не использовал рассрочку
Гарантия сервиса
Автор24
Автор24
20 дней
Заказчик принял работу без использования гарантии
7 апреля 2016
Заказ завершен, заказчик получил финальный файл с работой
5
Согласно правилам контроля эпюра изгибающих моментов от единичной нагрузки должна быть прямолинейной по длине балки.docx
2016-04-10 01:24
Последний отзыв студента о бирже Автор24
Общая оценка
5
Положительно
отлично выполненная работа, все рисунки и графики нарисованы очень качественно, решение верное, спасибо огромное