Создан заказ №1816410
11 марта 2017
Вторую задачу контрольной работы можно решать после изучения тем «Пара сил» и «Плоская система произвольно расположенных сил»
Как заказчик описал требования к работе:
Нужен аспирант или преподаватель, чтобы помочь сделать решение задач по механике, сроки очень сжатые. Отзовитесь, пожалуйста!
Фрагмент выполненной работы:
Вторую задачу контрольной работы можно решать после изучения тем «Пара сил» и «Плоская система произвольно расположенных сил».
Моментом силы относительно оси называется алгебраическая (скалярная) величина, равная моменту проекции силы на ось, перпендикулярную оси относительно точки пересечения оси с плоскостью
Последовательность определения момента силы F относительно оси z (рис. 4): а) задают модуль и направление силы F; б) указывают координатные оси; в) перпендикулярно оси выбирают плоскость XOY; г) силу F проецируют на эту плоскость и определяют модуль Fxy этой проекции; д) опустив перпендикуляр из начала координат на проекцию Fxy, определяют плечо а=ОК; е) определяют момент MzF= Fxy∙a.
Рис. (работа была выполнена специалистами Автор 24) 4
Момент силы относительно оси равен нулю, если сила и ось лежат в одной плоскости: а) сила действует вдоль оси; б) сила F пересекает ось z; в) сила F параллельна оси z.
В шарнирно-подвижной опоре реакция направлена по нормали к опорной поверхности. Модуль и направление реакции шарнирно-неподвижной опоры неизвестны. В этом случае реакцию RB заменяют двумя составляющими: вертикальной YB и горизонтальной XB.
Пример решения задачи 2
Для балки (рис. 5а) определить опорные реакции.
Решение:
Освободим балку от связей, отбросив опоры и приложив вместо них неизвестные реакции (рис. 5б). Напомним, что для плоской системы параллельных сил достаточно двух уравнений равновесия:
МА=0; МВ=0.
Рис. 5
Уравнение моментов относительно точки А:
МА=0; -М+F1∙a+q∙c∙a+c2-F2∙a+b+c-RB∙2a+b+c=0.
Уравнение моментов относительно точки В:
МВ=0; F2∙a-q∙c∙a+b+c2-F1∙a+b+c-M+RA∙2a+b+c=0.
Из первого уравнения
RB=-M+F1+q∙c∙a+c2-F2∙a+b+c2a+b+c=
=-5+8∙1,5+0,4∙2∙1,5+22-10∙1,5+1+22∙1,5+1+2=-6кН.
Из второго уравнения
RA=-F2∙a+q∙c∙a+b+c2+F1∙a+b+c+M2a+b+c=
=-10∙1,5+0,4∙2∙1,5+1+22+8∙1,5+1+22∙1,5+1+2=4,8кН.
Значение реакции RB получено со знаком минус. Это означает, что она направлена вертикально вниз.
Для проверки правильности найденных реакций опор балки составляем уравнение Y=0; RA-F1-q∙c+F2+RB=0, или 4,8-8-2∙4+10-6=14,8-14,8=0.
Следовательно, RA иRB определены верно.
Третью задачу контрольной работы следует решать после изучения темы «Центр тяжести». В этих задачах требуется находить центр тяжести плоских фигур, составленных из простых геометрических фигур. Положение центра тяжести плоской фигуры определяется по формулам:
ХС=Аi∙хiАi и YC=Ai∙yiAi,
где XC и YC – искомые координаты центра тяжести фигуры; хi и yi - координаты центров тяжести составных частей фигуры, которые определяются из заданных размеров; Аi – площади составных частей.
При решении таких задач дополнительно необходимо использовать метод отрицательных площадей.
Координаты центра тяжести в обоих методах должны совпадать, что указывает на правильность решения задачи.
Приступить к решению четвертой задачи контрольной работы следует после изучения основных вопросов программы «Сопротивление материалов» и повторения раздела «Статика» (методика определения реакций связей балок и стержневых конструкций). В процессе изучения учебного материала требуется внимательно разобрать соответствующие примеры решения задач, которые имеются в учебниках и пособиях. Затем самостоятельно решить несколько аналогичных задач и только после этого выполнять контрольное задание.
Изучая соответствующий учебный материал, следует иметь четкое представление о методе сечений для определения внутренних силовых факторов (ВСФ). Легко запомнить все пункты метода сечений, если записать их словом «РОЗУ»:
Р – разрезаем тело плоскостью на две части;
О – отбрасываем одну часть;
З – заменяем действие отброшенной части внутренними силами;
У – уравновешиваем оставшуюся часть и из уравнения равновесия определяем внутренние силы.
В общем случае нагружении тела внутренние силы (силы упругости), возникающие в поперечном сечении нагруженного бруса, могут быть заменены их статическим эквивалентом – главным вектором и главным моментом. Если последние разложить по осям координат (рис. 4), то получится шесть составляющих с общим названием «внутренние силовые факторы»: NZ – продольная сила; QX, QY – поперечные силы; МZ - крутящий момент; МX и МY –изгибающие моменты.
Рис...Посмотреть предложения по расчету стоимости
Заказчик
заплатил
заплатил
20 ₽
Заказчик не использовал рассрочку
Гарантия сервиса
Автор24
Автор24
20 дней
Заказчик принял работу без использования гарантии
12 марта 2017
Заказ завершен, заказчик получил финальный файл с работой
5
Вторую задачу контрольной работы можно решать после изучения тем «Пара сил» и «Плоская система произвольно расположенных сил».jpg
2017-03-15 04:41
Последний отзыв студента о бирже Автор24
Общая оценка
5
Положительно
Все просто отлично! Я сидел на экзамене, мне нужно было ооочень срочно решение задачи. Автор вошел в положение и в течении 30 минут прислал решение и моментально ответил на вопросы, все обьяснил ! Огрооомное спасибо!
Хочешь такую же работу?
300 ₽
